Stránka 1 z 1
Cekani na ZZZ
Napsal: 19. 1. 2012 23:42
od akm
Ahoj,
zacal som sa pripravovat na skusku a prechadzal som si priklad s 3 licami, ktory je tu vyrieseny konkretne
http://jelinek.kvalitne.cz/3lice.pdf,
ked si z toho riesenia vyberiem len cast s cakanim na 3 zdary za sebou, tak dostavam vytvorujici funkci
, comu myslim rozumiem.
Ale vspomenul som si na riesenie pomocou stavou a prechodou medzi nimi, ktore nam Antoch ukazoval. Ale nedokazem sa tymto postupom dopracovat k rovnakej vytvorujucej funkcie:
Nasledne si z toho vyjadrim
ako prijimajuci stav a za dosadim
Ale dostanem nieco taketo:
Vedel by mi niekto povedat co robim blbo a ak vsetko tak ako sa k tomu z tych prechodov dokazem dostat?
Dik
Re: Cekani na ZZZ
Napsal: 21. 1. 2012 13:49
od aaaaa
naozaj rozumies tomu ako dostali tu vytvorujucu funckiu U(x)? to mas moj obdiv
nemohol by si to vysvetlit? ja nechapem ani len ten debilny vzorec na vypocet u
n. napriklad pre n=4 to vyjde 3/16 ale podla mna to je uplny nezmysel, kedze moznosti sice je 16 (2
4), ale predsa len v dvoch pripadoch nastane "výskyt nastal v 4-tém kroku", a to:
ZZZZ
NZZZ
cize u
4 by som cakal ze bude mat hodnotu 2/16.
Re: Cekani na ZZZ
Napsal: 21. 1. 2012 13:50
od aaaaa
kurnik, prehodte si tie dolne a horne indexy, ja som nejak poplietol znacky "sup" a "sub"
Re: Cekani na ZZZ
Napsal: 22. 1. 2012 19:41
od abcde FX
Bc. Michal Hošala, tu ti nikdo neporadi:P
Re: Cekani na ZZZ
Napsal: 30. 1. 2012 20:52
od banan
aaaaa píše:naozaj rozumies tomu ako dostali tu vytvorujucu funckiu U(x)? to mas moj obdiv
nemohol by si to vysvetlit? ja nechapem ani len ten debilny vzorec na vypocet u
n. napriklad pre n=4 to vyjde 3/16 ale podla mna to je uplny nezmysel, kedze moznosti sice je 16 (2
4), ale predsa len v dvoch pripadoch nastane "výskyt nastal v 4-tém kroku", a to:
ZZZZ
NZZZ
cize u
4 by som cakal ze bude mat hodnotu 2/16.
Spocitajme generujucu fciu F(x) pre prvy vyskyt troch zdarov
(dalej len S ako Success) po sebe. Btw, v postupnosti SSSSSS
nastava udalost "3 S po sebe" iba dvakrat a to v 3-tom a
v 6-tom kroku.
Vsimnime si, ze po neuspechu (F ako Failure) sa proces sprava
akoby sme zacinali z uplneho zaciatku. Proces zacina vzdy
jednou z tychto postupnosti:
Kód: Vybrat vše
(a) F...
(b) SF...
(c) SSF...
(d) SSS
Vsetky 4 postupnosti su disjunktne, takze mozeme podla vety
o uplnosti pocitat pravdepodobnost vyskytu javu separatne
v kazdej zo 4och postupnosti. Mame:
Rekurentny vzorec pre f_n plati len vdaka disjunktnosti
javov (a)-(d). Mame:
Zaverecny zlomok (pre p = q = 1/2) sme zjednodusili (vydelili (1-x)) pomocou
wolfram alpha.
Re: Cekani na ZZZ
Napsal: 29. 1. 2013 22:13
od vojta_vorel
akm píše:Ahoj,
Vedel by mi niekto povedat co robim blbo a ak vsetko tak ako sa k tomu z tych prechodov dokazem dostat?
Dik
Chyba je hned na desátým řádku ("u_n=..."), v tom vyjádření p^3=... mají být plusy. Správně je to vysvětlený v super zápiscích kolegy mifeet
(tímto dík za ně
):
http://forum.matfyz.info/viewtopic.php?f=201&t=8350